База знаний студента. Реферат, курсовая, контрольная, диплом на заказ

курсовые,контрольные,дипломы,рефераты

Шпаргалки по геометрии, алгебре, педагогике, методике математики (ИГПИ) — Математика

Кольцом называется числ

Кольцом называется числ. множ. На котором выполняются три опер-ии: слож, умнож, вычит.
Полем наз. Числ множ. На котором выполняются 4 операции: слож, умнож, вычит, деление(кроме деления на 0).

Впопрос 1.
Система натуральных чисел. Принцип мат. Индукции.

Аксиомы Пиано: 1.В N cущ. ! элем. a' непосредст. следующий за а. 2.Для люб-го числа а из N сущ-т ! эл-т а' непосредственно следующий за а. 3. Для люб. элем-та из N сущ. не более 1 эл-та за которым непосредственно следует данный эл-т. 4. Пусть М ? N и выполн-ся: 1. 1€ М 2. если а€М след-но а'€M тогда М=N

опр: Любое множество N для эл-тов которого установлено отношение `непосредственно следовать за' удавлет-щее аксиомама Пиано наз-ся множеством натуральных чисел.

Алгебр-ие операц-и на N: 1. Сложение - это алг. опер-я определенная на N и обладающая свойствами: 1.(для люб. а) а+1=а' 2. (для люб. а,b) a+b'= (a+b)' (a+b-сумма, а,b -слогаемые) Т.Сложение нат. чисел сущ и !. 2. Умножение: 1. для люб а а*1=а 2. для люб а,b a*b'=ab+a T/ Умножение нат чисел сущ. и !.

Свойства сложения: 1. для люб. а,b?N a+b=b+a (комут-ть) 2. Длб люб. a,b,c?N (a+b)+c=a+(b+c) (ассац-ть)

Свойства умнож-я: 1.(Для люб. а,b?N) ab=ba 2. (для люб. a,b,c ?N) (ab)c=a(bc) 3.(a,b,c?N) a(b+c)=ab+ac

Операции вычитания и деления лишь частично выполняются на N. Отношение порядка на N: На N введем отношение `<' cледующим образом: a

Принцип мат. индукции и его формулировки: 1. Если некоторое утвержд. А(n) с натураль. переменной n справедливо при n=1 и из справедливости при n=k следует справедливость при n=k+1 , то даное утверждение справедливо при любом n?N.

2. Если некоторое утвер-е А(n) справедлино при n=1 и из справедливости его для всех n

3. Если А(n) справедливо при n=a и из справ-ти при n=k следует его справ-ть при n=k+1, то данное утверж-е будет справедл-во при n?a.

Cвойства N: 1. N-упорядоченное. 2. N линейно упорядоченное (т.е.вероно только одно ab.) 3Сложение монотонно на N 4. Умножение монотонно. 5. N бесконечное и ограниченное снизу еденицей. 6. Любое непустое подмножество множ. N содержит наименьший эл-т. 7. N дискретно 8 Выполняется принцип Архимда (Va,b?N) (сущ. n?N) a*n>b

Вопрос 2.

Простые числа. Беск-ть мн-ва простых чисел. Канонич. разложение составного числа и его !.

Всякое число р€N, р>1 не имеющее др. натур-х делит-й, кроме 1 и р, наз-ся простым. Всякое число р€N?1 и не явл-ся простым, наз-ся составным. Число 1 не явл-ся ни простым, ни сост-м. Мн-во N можно разбить на: простые, сост-е и 1. Св-ва: 1. Наим-й делитель всякого нат-го числа есть число простое. 2. Нат-е число n и простое число р либо взаимнопростые, либо р|n. 3. Если р-простое и р|a₁*a₂*…*a_n , то р|a₁или р|a₂…или р|a_n. 4. Если р|р₁*р₂*…*р_n и р, р₁, р₂… р_n - простые числа, то р=р₁ или р=р₂ или… р=р_n.

Наим-й простой делитель нат-го числа n не превос-т ?n. Док-во: пусть р-наим-й простой дел-ль n. Покажем р??n. р|n => n=р*q (1), р?q. Заменим в (1) q на р: n?р², т.к. р²?n, р??n. ?

Всякое нат-е число n>1 либо явл-ся простым, либо м.б. предст-а в виде произв-я простых множ-й n=р₁*р₂*…*р_r, r?1 (1) и (1) явл-ся ! с точностью до порядка следования множ-й. (1) наз-ся разл-м числа n на простые множ-ли. Док-во: 1. док-во сущ-я предст-я (1): Если n -число простое, то ?. Пусть n-сост-е и р₁ его натур-й дел-ль. Как было док-но р₁ число простое и можно записать: n=р*n₁, где р?n₁. Если n₁ число простое, то ?; если n₁ сост-е, то р₂ - его наименьший простой делитель. n₁=р₂*n₂, n=р₁*р₂*n₂. Если n₂ сост-е, то рассуждаем аналог. Это можно прод-ть пока не придем к какому-либо n_s=1. То, что после конечного числа шагов такое n_s должно получ-ся => из того, что n>n₁>n₂>…>n_sмн-во нат-х чисел, т.е. все эти числа меньше n. Итак, через конеч-е число шагов число n можно пред-ть в виде (1). 2. Док-во !: Предпол-м, что сущ-т 2 разлож-я числа n на простые множ-ли n=p₁*p₂*…*p_r и n=q₁*q₁*…*q_s, где р₁, …р_r, q₁,…q_s простые числа. p₁*p₂*…*p_r= q₁*q₂*…*q_s. Нужно показ-ть r=s. Левая часть делит-ся на р₁ => на р₁ делит-ся и правая часть. Учит-я, что в правой части стоят также простые числа, то по свойству простых чисел р совпадает с одним из них. Пусть р₁=q₁, тогда после сокращ-я: p₂*…*p_r= q₂*…*q_s. Аналог. рассуж-я, убеждаемся, что р₂ совп-т с одним из множ-й q. Пусть р₂=q₂, после сокр-я: p₃*…*p_r= q₃*…*q_s и т.д. Предпол-м, что r?s. Пусть rr₊₁*…*q_s, но это равен-во невозм-но, т.к. произв-е простых чисел ?1. Итак, r=s и представ-е (1) ! с точностью до порядка следования множ-й.?

N=p₁ ^?¹* p₂ ^?²*… *p_k ^?k - каноническое разлож-е числа n на простые множ-ли. Показ-т, что все делители числа n исчерпыв-ся числами вида p₁ ^?1* p₂ ^?2*… *p_k ^?k, где 0??₁??₁, …0??_к??_к.

Теорема Евклида: мн-во сех простых чисел бесконечно.

Решето Эратосферна. Выписать все нат-е числа от 2 до m из них вычеркивают каждое второе после простого числа 2. Первым не зачеркнутым числом остается простое число 3. Теперь выч-т каждое 3-е число, причем считают и те числа, кот. выч-ты ранее и т.д. После выч-я всех чисел кратных простому числу р_n первое не зач-е число будет простым - р_n₊₁. р_n₊₁- простое число, т.к. иначе оно имело бы простой делит-ль ?р_n, но все числа кратные простым ?р_n уже вычеркнуты. Поэтому выч-е кратные простому числу р_n₊₁ следует начинать с (р_n₊₁)² и состав-е таблиц простых чисел ?m => считать закон-м как только найдено число >?m.

Вопрос 3.

Кольцо целых чисел. Теорема о делении с остатком. НОД и НОК двух чисел.

На N вып-ы опер-и “+” и “*”, но опер-я “-” вып-ся частично, т.е. ур-е а+х=в в N не всегда разреш-о. Это одна из причин разширения N. При расщ-и одной с-ы чисел до др-й должны вып-ся несколько треб-й: 1) NЄZ. 2) +,* должны вып-ся в Z, причем рез-ы опер-й для чисел из N в N и Z должны совп-ть. 3) +,* - комут-ы, ассоц-ы и связ. дистр-м законом. 4) в Z должна вып-ся опер-я “-”. т.е. ур-е а+х=в одноз-о разрешимо в Z для люб-х а,вЄZ. 5) Z должно быть миним. расш-м из всех расш-й мн-ва N облад-е св-ми 1-4.

Число в делит а, если сущ-т qЄZ, что а=b*q. Отношение “b делит а” наз-ют отношением делимости и зап-т b|а. Св-ва: 1) (?а)(а|a). 2) (?a,b,c)(a|b^b|c=>a|c). 3) (?а)(а|0). 4) (?а)(0?a). 5) (?а)(1|a^-1|a). 6) a|b^b|a=> b=±a. 7) (?x)(а|b=>a|b*x). 8) (?x₁,x₂,…x_r)(b|_a₁^b|a₂…^b|a_r=>b|(x₁a₁+x₂a₂+…+x_ra_r)).9)(?а,b)(b|a=>|b|<|a|). 10) (?а,b)(b|a^a>0^b>0=>bb|(-a)=>(-b)|a.

Теорема о делении с остатком. Разделить целое число a на bЄZ, это значит найти 2 таких q и rЄZ, что a=b*q+r (1) 0?r<|b|, q- неполное частное, r-остаток. (?a,bЄZ^b#0 сущ-т !q, r, что a=b*q+r, 0?r<|b|). Док-во: 1) Возм-ть дел-я с ост-м. 2 случая: 1. aЄZ, b>0, т.е. bЄN. Рассм. всевоз-е кратные числа b.Пусть b*q наиб. кратные числа b не превыш-е a, т.е. b*q?a0, т.е. -bЄN и имеем случай 1. т.е. сущ-т q,rЄZ, что a=(-b)*q+r, 0?r<|-b| => a=b*(-q)+r, 0?r<|b|. 2) !-ть дел-я. Пусть деление a на b не !, т.е. сущ-ют 2 неполных частных q₁, q₂ и два остатка r₁, r₂, тогда a=b*q₁+r₁, 0?r₁<|b|,a=b*q₂+r₂, 0?r₂<|b|. b*q₁+r₁=b*q₂+r₂; b*(q₁-q₂)=r₂-r₁ => b|(r₂-r₁). Но т.к. 0?r₁<|b| и 0?r₂<|b| => |r₂-r₁|<|b|. b|(r₂-r₁)^ |b|>|r₂-r₁| => r₂-r₁=0. т.е. r₁=r₂, но и тогда q₁=q₂.? Следствие. ?aЄZ^bЄN сущ-т !q, r, что a=b*q+r, 0?r

Общим делителем чисел a₁,a₂,…a_r наз-ся такое число c, что с|a₁^ с|a₂^…с|a_r. c=ОД(а₁,а₂,…а_r). НОД (а₁,а₂,…а_r) наз-ся такой их общий дел-ль d, кот делится на всякий др. общ дел-ль. чисел а₁,а₂,…а_r. Обозн. d=НОД(а₁,а₂,…а_r). Итак, d=НОД(а₁,а₂,…а_r) 1. d| а₁^d|а₂^…d|а_r. 2. c=ОД(а₁,а₂,…а_r) => с|d.

Алгоритм Евклида. Пусть ?a,bЄZ, b#0. т.к. отнош-е делимости сохр-ся при измен-и знаков чисел, то НОД(a,b)=НОД(a,-b). Поэтому огран-ся случ-м aЄZ, bЄN. Делим a на b c остатком a=b*q+r₁. Если r₁=0, т.е. a=b*q, то НОД(a,b)=b. Пусть r#0, 011 c остатком. Если r₂ - остаток, то делим r₁ на r₂ и т.д. Получ сов-ть равенств: a=b*q+r₁, 011*q₁+r₂, 021; r₁=r₂*q₂+r₃, 032; … r_n_-2=r_n_-1*q_n_-1+r_n, 0nn_-1; r_n_-1=r_n*q_n. Этот процесс явл-ся конеч, т.к. мы имеем ряд убыв-х целых, кот. фвл-ся неотриц. т.е. непременно придем к остатку на кот-й разд-ся предыд. остаток. Последние рав-ва наз-ют алгор. Евклида для чисел (a,b). Св-ва НОД. 1. Последний не равный 0 остаток в алгоритме Евклида явл-ся НОД(a,b). 2. (?mЄN) НОД(a*m,b*m)=m*НОД(a,b).3.m|a^m|b=>НОД(a/m,b/m)=(НОД(a,b))/m. Числа а₁,а₂,…а_r наз-ся взамно-простыми числами, если НОД(а₁,а₂,…а_r)=1. Всякое целое число, кот. делится и на a, и на b, наз-ся общим кратным делителем. Наим. из всех натур-х ОК наз-ся НОК. Св-ва НОК: 1. НОК(a,b)= их произведению, деленному на НОД. 2. Совокуп-ть ОК 2-х чисел совп. с совокуп-ю кратных их НОК. 3. Числа (НОК(a,b)/a) и (НОК(a,b)/b) взаимно-просты. 4. Если a,b вз.-пр., то НОК(a,b)=a*b. 5. (?mЄN) НОК(a*m,b*m)=НОК(a,b)*m.

Нахождение НОД и НОК Чтобы найти НОД нужно взять произведение общих простых множ-й, вход-х в канонич-е разлож-е этих чисел, причем каждый такой простой множ-ль нужно взять с наим. показ-м. НОК тоже самое, но каждый множ-ль взять с наиб. показ-м.

Вопрос 4.

Система рацион-х чисел.

Если рассм. мн-во Z, то в Z ур-е a*x=b не всегда разрешимо. => расшир-е кольца целых чисел до поля Q-рац-х чисел. (Др. причина - измерение отрезков не всегда выр-ся целым числом). При этом должны вып-ся усл-я: 1. Z подкольцо кольца Q. 2. ур-е a*x=b, a#0 одноз-но разреш. ?a,bЄQ. 3. Q должно быть миним. расш. с-ы Z. С-а Q явл-ся полем, кот. наз-ся поле рац-х чисел.

Рассм. мн-во Q={p/q| pЄZ,qЄN}. на мн-ве дробей рассм. отнош. равносильности “~”: p/q~k/l p*l=k*q. Покажем, что это отнош-е эквивал-ти. 1. a/b~a/b. т.к. a*b=a*b (рефл-ть). 2. a/b~c/d => c/d~a/b (сим-ть). Проверим a/b~c/d a*b=b*c => c*b=d*a c/d~a/b. 3. a/b~c/d ^ c/d~e/f => a/b~e/f (тран-ть). a/b~c/d ^ c/d~e/f => a*d=c*b ^ c*f=d*e => a*d*c*f=c*b*d*e. a*f=b*e =>a/b~e/f. Если с=0, то все 3 др. 0, т.е. равн-ы. Отнош-е равн-ти дроби на Q явл-ся отнош-м экв-ти => равнос-е дроби также явл-ся эквив-ми.

Св-во экв-х дробей: 1. a/b~(a*c)/(b*c) c#0. Всякому отнош-ю эквивл-ти соот-т разбиение на классы экв-ти. Класс эквив-х дробей наз-ся рац-м числом. Рац-е число хар-ся ? из своих представителей. Дроби, вход-е в один и тот же класс пред-т ! рац-е число => считаются равными. p/q, где q?0 наз-ся несократ-й записью, если НОД(a,b)=1. Для ? положит-го q сущ-т ! запись в виде несократ-й дроби. Введем на Q отнош-е «меньше» так, что q0. Легко видеть, что отн-е «<» явл-ся отн-м строгог порядка, т.е. оно антиреф., антисим., транзит. И явл-ся отнош-м линейного порядка,т.е. ?q₁,q₂ЄQ вып-ся ! из: q₁2, q₁=q₂, q₁>q₂. Можно показ-ть, что для отнош-я «<» вып-ся монот-ть сложения и монот-ть умнож-я: 1. (?q₁,q₂,cЄQ)(q₁2 => q₁+c2+c). 2. (?q₁,q₂,cЄQ)(q₁2 ^ c>0 => q₁*c2*c). Док-во: Пусть q₁1, тогда q₂-q₁>0. Найдем: q₂*c-q₁*c=c*(q₂-q₁)>0 (т.к.c>0, q₂-q₁>0). q₂*c-q₁*c>0 => q₁*c2*c. Св-ва мн-ва Q. 1. ВQ нет ни наим, ни наиб. числа. 2. Q - счетное мн-во, т.к. можно устанть биек-е отображ-е, f:Q>--->>N. Q-полтно, т.е. что между ? 2 пац-ми числами нах=ся беск-но много рац-х чисел. 4.Q- поле рац-х чисел. 5. Поле Q явл-ся лин.-упор-м полем.

При обращ-и обыкнов-й несокр-й a/b в десят-ю возм-ы случаи: 1) Если в разлож. знамен. b на простые множ-ли встреч-ся только 2 или 5, то несокр. дробь a/b обращ-ся в конеч. дес-ю. 2) Если НОД(b,10)=1, то a/b представима в виде бескон-й чисто период-й десят-й дроби. 3) Если в разлож-и b на простые множ-ли кроме 2 и 5 встреч-ся другие числа, то дробь обращся в смешан-ю период-ю десят-ю дробь.

Вопрос 5.

Поле комплексных чисел(к.ч.). Геом-е предс-е к.ч. и операции над ними. Тригон-я форма к.ч.

Х¹+1=0 (1) не разрешимо в R - причина расширения с-ы R до с-ы чисел, в кот-й (1) имело бы реш-е. В кач-ве строит-го матер-ла можно взять точки плоск-ти: M={(a,b)|a,bЄR}. Т.к. точки плос-т нам не приход-сь умн-ть и склад-ть, то опер-ции над ними можно задать так, чтобы мн-во было полем, содерж-е поле R и в кот-м (1) имело бы реш-е: (a,b)+(c,d)=(a+c,b+d); (a,b)*(c,d)=(a*c-b*d,a*d+b*c) и (a,b)=(c,d) a=c ^ b=d. Можно док-ть, что слож-е и умнож-е комут-ы, ассоц-ы и связ-ы дист-м законом. Для них вып-ся обратные опер-ции: вычит-е, делен-е, кроме дел-я на 0,т.е. ур-я (c,d)+(x,Y)=(a,b) и (c,d)*(x,y)=(a,b), где (c,d)?(0,0) одноз-но разр-мы. Нейтр-й Эл-т относ-о слож-я: 0=(0;0). Нейтр-й Эл-т отн-о умнож-я: 1=(1;0). 1) С-а M=(M,0,1,+,-,*) поле. 2) M явл-ся расш-м поля R, т.е. R' содер-ся в M изоморф-е полю R. R'={(a,0)|aЄR}. R'-подполе поля M, т.е.R' замкнуто относ-о всех опер-й кольца и ? эл-а ?0 из R' обратный Эл-т также ЄR'. 3) R изоморфно R'. Можно уст-ть биект-е отобр-е: ?:R R'; ?: a (a,0) и вып-ся 2 усл-я: образ суммы двух эл-в = сумме образов, образ произв-я 2 эл-в = произв-ю образов. С - поле к.ч. Покажем, что (1) разреш. Возьмем точку i=(0,1): (0,1)*(0,1)=(-1,0)?-1. i - корень ур-я (1), мнимая единица, расп-я на ОУ. Запись: (a,b)=a+b*i алгеб-я, ?=|?|*(cos?+i*sin?) триг-я, где |?|=<
; cos?=a/|?|; sin?=b/|?|. 1. Чтобы умнож-ть 2 к.ч. в триг-м виде, нужно переем-ть их модули и сложить аргументы (углы). 2. Разд-ть 2 к.ч.: разд-ть их модули и вычесть аргум-ы. 3. Чтобы возвести к.ч. в целую полож-ю степень, нужно воз-ти в эту степень модуль и аргумент умнож-ть на показ-ль степени. 4. Чтобы извлечь из к.ч. корень n степени нужно извлечь корень из модуля и (аргумент +2Пк)/n, где кЄZ. Придавая к разл-е знач-я, получ-т серии повтор-ся знач-й, т.е. к=0,1,…n-1.>

Вопрос 6.

Мн-ны от одной переменной.

Пусть А=(А,0,1,+,-,*) - обл-ть целостности. Построим с пом-ю его новое комут-е кольцо A[x], основанное на мн-ве,, которое есть мн-во бесконечных послед-й, облад-х св-м: в них лишь конечное число коэф-в ?0, т.е. A[x]={(a₀,a₁,…)|a₀,a₁,…ЄA}, a_i?0 конеч-е число. Такие посл-ти наз-ся полиномами от 1 неиз-го. Равенство полиномов и операции над ними опре-ся так: 1. (a₀,a₁,…)=(b₀,b₁,…) a₀=b₀ и a₁=b₁ и…. 2. (a₀,a₁,…)+(b₀,b₁,…)=(a₀+b₀, a₁+b₁…). 3. (a₀,a₁,…)*(b₀,b₁,…)=(a₀b₀, a₁b₁…). 4. 0=(0,0,0,…). 5. 1=(1,0,0,…). 6. -(a₀,a₁,…)=(-a₀, -a₁…). Нетрудно проверить: 1) с-а (A[x],0,+,-) аддитивная абелева группа, 2) с-а A[x],1,*) - мультипликативный моноид, 3) + и * связаны дистрибутивным законом. С-а A[x]=(A[x],0,1,+,-,*) - комут-е кольцо. Другой вид записи полинома: f(x)=a₀+a₁x+a₂x²+…+a_mx^m. Слагаемые в записи f(x) наз-ся одночлекнами, а f(x) наз-ся мн-м от 1 неизв-го. Эл-ы аЄА наз-ся мн-ми нулевой степени. Св-ва. Пусть А - обл-ть целостности. Кольцо полиномов от 1 неизв-го A[x]=(A[x],?, 1,+, -,*) - обл-ть целостности. => Если степень f(x)=n и степень g(x)=m => степень f(x)g(x)=n+m. Пусть А - обл-ть целостности. Делителем единицы кольца полиномов A[x] явл-ся делители единицы кольца А. В обл-ти цел-ти A[x] других делителей единицы нет.

Рассм-м кольцо мн-на Р[x] над полем Р. Мы знаем, что ? числов-е поле явл-ся обл-ю целостности с бескон-м числом эл-в. В кольце полиномов Р[х] теорема о делении с остатком имеет место для ?f(x), g(x)ЄP[x], что g(x)?0. Мн-н f(x) делится на мн-н g(x)?0, если сущ-т мн-н n(x)ЄP[x], что f(x)=g(x)n(x). Деление не всегда будет выполнимо в кольце Р[x]. Св-ва. 1. ?f(x)ЄP[x], f(x)|f(x). 2. f(x), g(x)ЄP[x], g(x)|f(x) и f(x)|g(x) => f(x) и g(x) ассоц-ы, f(x)=cg(x), cЄP[x]. 3. g(x)|f(x) и ?(x)|g(x) => g(x)|(f(x)±?(x)). 4. Если f₁(x), f₂(x),…, f_k(x) делятся на g(x), для ?c₁, c₂,…c_kЄР, то сумма [c₁f₁(x)+c₂f₂(x),…,c_kf_k(x)] делится на g(x). 5. Если g(x)|f₁(x) => f₁(x)f₂(x)…f_k(x) делится на g(x). 6. Если f₁(x)|g(x), f₂(x)|g(x),…f_k(x)|g(x) => g(x)|[ n₁(x)f₁(x)+ n₂(x)f₂(x)+…+n_k(x)f_k(x)], n_i(x), f_i(x), g_i(x)ЄP[x], i=1,2,…k. 7. Если n(x), f(x), g(x)ЄP[x] и n(x)|f(x) и g(x)|n(x), то g(x)|f(x). 8. Мн-ны нулевой степени из Р[х] явл-ся делителями ?f(x)ЄP[x]. 9. Мн-ны cf(x), где с?0 и только они будут делителями мн-на f(x) имеюш-ми такую же степень, что и f(x). 10. ?Делитель f(x), cf(x), c?0 будут делителями и для другого мн-на. Пусть ?f(x), g(x)ЄP[x]. Общим делителем мн-в f(x), g(x) явл-ся такой мн-н d(x)ЄP[x], что d(x)|f(x) и d(x)|g(x). Нод(f(x), g(x)) наз-ся мн-н D(x) такой, что 1. D(x)=ОД(f(x), g(x)), 2. d(x)|D(x), где d(x)=?ОД(f(x), g(x)). Покажем, что НОД сущ-т для ?мн-в f(x), g(x)ЄP[x]?0. пусть степень f(x) ? степени g(x). Делим f(x) на g(x) с остатком f(x)=g(x)q(x)+r₁(x). Если r₁(x)=0, тогда НОД(f(x), g(x))=q(x). Если r₁(x)?0, то степень r₁(x)< степени g(x), но >0. Делим g(x) на r₁(x) с остатком g(x)=r₁(x)q₁(x)+r₂(x). Если r₂(x)?0, 0< степень r₂(x) < степень r₁(x), делим r₁(x) на r₂(x) с ост-м r₁(x)=r₂(x)q₂(x)+r₃(x). и т.д. Т.к. степень остатков понижается оставаясь не отриц-й, то через конечное число шагов мы придем к остатку r_k(x), на который разделится предыд-й остаток. Этот процесс наз-ся Алгоритмом Евклида. Итак, применяя алгор-м Евкл-а для мн-в f(x) и g(x) мы получили совокупность f(x) = g(x)q(x)+r₁(x), g(x) = r₁(x)q₁(x)+r₂(x), r₁(x) = r₂(x)q₂(x)+r₃(x) … r_k_-2(x) = r_k_-1(x)q_k_-1(x)+r_k(x), r_k_-1(x) = r_k(x)q_k(x) (1). Док-м, что послед-й ?0 остаток r_k(x) в алгоритме Евк-а явл-ся НОД. Будем рассм-ть (1) снизу вверх: r_k(x)|?_k_-1(x), r_k(x)|?_k(x) и ?_k(x)|?_k_-1(x) => r_k(x)|r_k_-2(x)…, r_k(x)|r_k_-2(x) и r_k(x)|r₁(x) => r_k(x)|g(x), r_k(x)|r₁(x) и r_k(x)|g(x) => r_k(x)|f(x). Получим, что r_k(x)|f(x) и ?_k(x)|g(x) => ?_k(x)= ОД(f(x),g(x)). Покажем, что r_k(x)=НОД(f(x), g(x)). Пусть n(x) - ?другой ОД(f(x), g(x)). Рассм-м (1) сверху вниз: n(x)|f(x) и n(x)|g(x) => n(x)|r₁(x), n(x)|g(x) и n(x)|r₁(x) => n(x)|r₂(x), n(x)|r₁(x) и n(x)|r₂(x) => n(x)|r₃(x)… n(x)|r_k_-2(x) и n(x)|r_k_-1(x) => n(x)|r_k(x). Получили: n(x)|r_k(x)=ОД(f(x), g(x)) => r_k(x)=НОД(f(x), g(x)). Итак, мы док-ли, что последний ?0 остаток в алгор-е Евклида явл-ся НОД для мн-в f(x) и g(x). Нетрудно убелиться, что НОД мн-в f(x) и g(x) явл-ся ! с точностью до мн-ля нулевой степени. Действительно, пердположим, что D₁(x)=НОД(f(x), g(x)) и D₂(x)=НОД(f(x), g(x)). Т.к. D₁(x)=НОД(f(x), g(x)) => D₂(x)|D₁(x), а т.к. D₂(x)=НОД(f(x), g(x)), то имеем D₁(x)|D₂(x). Получим: D₂(x)|D₁(x) и D₁(x)|D₂(x) => св-во 2 D₁(x)=cD₂(x). Алгоритм Евклида показываем, что если f(x) и g(x) имеют оба рац-е коэф-ы или оба действ-е коэф-ы, то и коэф-ы их НОД будут соотв-о или рац-ми, или дейст-ми. Если D(x)=НОД(f(x), g(x)), где f(x), g(x)ЄP[x], то сущ-т ?(x), ?(x)ЄP[x], что f(x)?(x)+g(x)?(x)=D(x). Обратимся к алгор-у Евклида для мн-на f(x) и g(x): f(x) = g(x)q(x)+r₁(x), g(x) = r₁(x)q₁(x)+r₂(x), r₁(x) = r₂(x)q₂(x)+r₃(x) … r_k_-2(x) = r_k_-1(x)q_k_-1(x)+r_k(x), r_k_-1(x) = r_k(x)q_k(x). Перепишем все рав-ва алго-а Евклида, кроме послед-го (1). Выразим остаток из каждого равенства r₁(x)=f(x)-g(x)q(x), r₂(x)=g(x)-r₁(x)q₁(x), r₃(x)=r₁(x)-r₂(x)q₂(x)…r_k(x)=r_k_-2(x)-r_k_-1(x)q_k_-1(x) (1). Перепишем первое рав-во (1): r₁(x)=f(x)*1+g(x)(-q(x)). Обозначим ?₁(x)=1, ?₁(x)=-q(x), тогда имеем r₁(x)=f(x)?₁(x)+g(x)?₁(x). Теперь второе из (1): r₂(x) = g(x)-r₁(x)q₁(x) = g(x)-(f(x),?₁(x) + g(x)?₁(x)) q₁(x) = g(x)-f(x)?₁(x)q₁(x)-g(x)?₁(x)q₁(x) = f(x)(-?₁(x)q₁(x)) + g(x)(1-?₁(x)q₁(x)) = f(x)?₂(x)+g(x)?₂(x). r₂(x) = f(x)?₂(x)+g(x)?₂(x). Подставим полученное выражение для r₁(x) и r₂(x) в выражение для r₃(x) из (1). Получим, проделывая аналогичные преобразования r₃(x)= f(x)?₃(x)+g(x)?₃(x). и т.д. опускаясь ниже получим r_k(x)= f(x)?_k(x)+g(x)?_k(x). Как было док-но выше r_k(x) явл-ся НОД мн-в f(x) и g(x) , причем НОД определен с точностью до множ-ля нулевой сиепени. Умножая обе части последнего равенства на с: cr_k(x)= f(x)(c?_k(x))+g(x)(c?_k(x)).

Вопрос 7.

Неприводимые над полем многочлены.

Мн-н f(x)ЄP[x] наз-ся неприводимым над полем Р, если он не разлагается в произведение многоч-в положительной степени над полем Р. Мн-н наз-ся приводимым над полем Р, если он разлагается в произведение мн-в положит-й степени. Вопрос приводимости зависит от того поля, над которым мы его рассматриваем. Н-р, 1)f(x)=x²-2 неприводим над полем Q, но приводим над полем R. 2) f(x)=x²+1 неприводим над R, приводим над C. 3)?(x)=x+1 непривд-м ни над одним числовым полем. Над полем ком-х чисел неприво-м только мн-ы 1-й степени. Над полем дейст-х чисел неприводимы мн-ны 1-й степени и квадратный трехчлен, у которого дискр-т <0. Иначе в поле рац-х чисел. Здесь ? n нат-го можно подобрать мн-н n-й степени неприводимого над полем Q рац-х чисел. Критерий Эйзенштейна. Если для f(x)=a₀xⁿ+a₁xⁿ^-1+…a_n_-1x+a_n, f(x)ЄQ[x] можно подобрать р - простое число, что 1) р|a₀(черта) - не делится на р, 2) все остальные коэф-ы делятся на р: p|a₁, p|a₂,…p|a_n 3) p|a_n_,но p²|a_n(с чертой) - не делится на р, то f(x) неприводима над полем Q. Если для мн-на f(x) нельзя подобрать р простое число, чтобы вып-сь требование Эйз-на, то мн-н может быть как приводимым, так и не приводимым над полем Q. Св-ва. 1. p₁(x), p₂(x)ЄP[x] неприводимы над полем P и p₂(x)|p₁(x) => эти мн-ны отлич-ся друг от друга множ-м нулевой степени. (Док-во. Т.к. p₁(x) - неприводим, то в p₁(x) = p₂(x)g(x) один из множ-й есть мног-н нулевой степени g(x)=c-const. Т.о. p₁(x) = p₂(x)c. Мног-ны p₁(x), p₂(x) явл-ся ассоциированными.) 2. ?f(x)ЄP[x], p(x)ЄP[x] - непривомн-н => либо f(x), p(x) взаимно просты, либо p(x)|f(x). (Док-во. Т.к. p(x) неприводимый мн-н, то возм-ы 2 случая:1) НОД(f(x),p(x))=c-const, тогда f(x), p(x) - взаимно просты. 2) НОД(f(x),p(x))=D(x), где D(x)=cp(x), но тогда т.к. D(x)|f(x) => cp(x)|f(x) => p(x)|f(x)). 3) Если произ-е p(x)|f(x)g(x), где p(x), f(x), g(x)ЄP[x] и p(x) - непривод-м над полем P, р(x)|f(x) или p(x)|g(x). Это св-во можно распрост-ть и на случай произвольного числа множ-й.

Теорема. ? мн-н f(x)ЄP выше нулевой степени явл-ся неприводимым над полем Р или разлагается в произведение неприводимых мн-в. f(x)=p₁(x)p₂(x)…p_n(x) (*), где p_i(x) - неприводимые мн-ны над полем Р, i=1,2,…n, причем это разложение явл-ся ! с точностью до порядка. Док-во. 1) Док-м возможность представления (*). Пусть мн-н f(x) выше нулевой степени. Если f(x) неприводим, то теорема док-на. Если f(x) приводим, то f(x)=f₁(x)f₂(x). Если оба мн-на f₁(x) и f₂(x) неприводимы над полем Р, то теорема док-на, если хотя бы 1 из них приводим над полем Р, то его разлагают в произведение множ-й положит-й степени. и т.д. Этот процесс конечен, т.к. степень мн-й в разложении f(x) уменьшается, оставаясь положит-ми и их может быть лишь конечное число. Итак, в конце концов мн-н f(x) будет предст-н в виде произвед-я непривод-х мн-й, т.е. в виде (*). 2) Док-м ! разложения мн-на f(x) на непривод-е мн-ли. Пусть f(x) допускает 2 разложения: f(x)=p₁(x)p₂(x)…p_n(x) (1) и f(x)= q₁(x)q₂(x)…q_n(x) (2). p₁(x), …p_n(x), q₁(x),…,q_n(x) неприводимые над полем Р мн-ны. Левые части равны => равны и правые части. p₁(x)p₂(x)…p_n(x)=q₁(x)q₂(x)…q_n(x) (3). Левая часть делится на р₁(х) => и правая часть делится. Т.к. р₁(х) неприводим, то на р₁(х) разделится хотя бы один мн-ль правой части. Пусть р₁(х)|q₁(x). А т.к. р₁(х) и q₁(x) неприво-ы и один из них дел-ся на другой, то они ассоциированы, т.е. q₁(x)=ср₁(х). Подставляя это выр-е в (3) и сокращая обе части на р₁(х): p₂(x)…p_k(x)=c₁q₂(x)q₃(x)…q_l(x) (4). Аналогично расс-я относительно p₂(x) из (4): p₃(x)…p_k(x)=c₁с₂q₃(x)q₄(x)…q_l(x). И т.д. утверждаем, что k=l. Предположим противное. Пусть k1с₂…q_k₊₁(x)…q_l(x). Но это рав-во невозможно, т.к. в левой части стоит мн-н нулевой степени, а в правой - мн-н выше нулевой степени. Итак, k=l, Разложение (1) и (2) сост-т из одинакого числа множ-й и могут отлич-ся лишь ассоц-и множ-ми.? В разложении мн-на f(x) могут встречаться ассоц-е множ-ли. Объединяя в разложении f(x) на неприводимые мн-ли, ассоц-е мн-ли мы получим каноническое разложение.

Вопрос10.

С-ы лин-х ур-й. Равнос-е с-ы ур-й. Критерий совм-ти с-ы лин-х ур-й.

Пусть Р- поле скаляров. С-й лин-х ур-й с n неизв-ми х₁, х₂, …х_n наз-ся с-а вида: а₁₁*х₁+а₁₂*х₂ +…+а₁_n*x_n=b₁, … а_m₁*х₁+а_m₂*х₂ +…+а_mn*x_n=b_n (1), a_ij,b_iЄP. Числа a_ij наз-т коэф-ми с-ы, b_i своб-е члены. Вектор О(а₁₁,а₁₂,…а₁_n)ЄР наз-т решением с-ы (1), если он удов-т ? ур-ю с-ы. С-а лин-х ур-й наз-ся совм-й, если она имеет хотя бы 1 реш-е, и несовм-й в противном случае. Если совм-я с-а лин-х ур-й имеет ! реш-е, то она наз-ся определ-й, если реш-й бескон-е мн-во, то она неопределенная. 2-е с-ы лин-х ур-й наз-ся равносильными, если ? реш-е ? из этих с-м явл-ся реш-м другой с-ы. Элемен-е преобр-я: 1) перестан-ка 2 ур-й в с-е. 2) умнож-е обих частей ур-я на ?0 скаляр. 3) удаление ур-я вида 0=0. 4) прибавл-е к обеим частям какого-либо ур-я соответ-х часте другого ур-я, умнож-е на одно и тоже число. При ? элем-м преоб-и матрицы ? получ-ся с-а лин-х ур-й равнос-я первонач-й с-е ур-й.

Матрица А, сост-я из коэф-в при неизв-х с-ы (1), наз-ся главной матрицей с-ы. Если к глав-й мат-е А присоед-ть столбец своб-х членов, то получ-ся расшир-я мат-ца с-ы.

Т. Кронекера-Капелли. С-а ур-й лин-но незав-х ур-й совместна ранг глав-й мат-цы = рангу расш-й мат-цы. Док-во. 1) Пусть (1) совм-на. ?₁,?₂,…?_n - реш-е с-ы (1). Тогда получим вер-е рав-ва:

а₁₁*?₁+а₁₂*?₂ +…+а₁_n*?_n=b₁, а₂₁*?₁+а₂₂*?₂ +…+а₂_n*?_n=b₂,… а_m₁*?₁+а_m₂*?₂ +…+а_mn*?_n=b_m (2). Выч-м ранг расш-й мат-цы: rang?=rang<
= rang
= rang
= rangA. 2) Пусть rangA=rang?=r. Док-м, что (1) совм-а. Мат-ца А имеет r лин-но незав-х столб-в. Эти столб-ы лин-но незав-ы в мат-це ? и сохр-т св-во максим-ти. В силу совпад-я рага: найдутся такие числа х₁=?₁, х₂=?₂, …х_n=?_n, что столбец своб-х чл-в будет выраж-ся через первые r столб-в => и через всю с-у столб-в матницы ?, т.е. справед-о (2). => Веркор (?₁,?₂,…?_n) - реш-е с-ы (1).>

Метод Гаусса - м-д последов-го исключения неизв-х. Сводится к привед-ю с-ы лин-х ур-й к ступен-у виду, при этом получ-ся с-а равнос-я данной. Если в рез-те элем-х преоб-й получ-но ур-е с коэф-ми в левой части =0 , а своб-е члены ?0, то с-а несовм-на. Если и своб-е члены =0, то это ур-е удаляется из с-ы. С-а лин-х ур-й явл-ся опред-й, т.е. имеет ! реш-е, если ступ-я с-а лин-х ур-й имеет треуг-й вид. В этом случ-е послед-е Ур-е с-ы содержит только 1 неизв-ю. Если ступ-я с-а имеет вид трапеции, то с-а неопределенная. Тогда в послед-м Ур-и с-ы несколько неизв-х (k

Вопрос 11.

Векторные пространства.

Пусть Р= (Р,0,1,+,-,*)-поле скаляров. С-а V=(V,?,+,-,?_?), V-основное мн-во, ?-выдел-й элемент, “+”-бинар-я опер-я, “-”-унарн-я опер-я, ?_? - унарн-я опер-я умнож-е эл-а из V на скаляр из Р ?_?: V--> V, ?_?(?)=?*xЄV, ?ЄP, xЄV. С-а V - наз-ся век-м прост-м над полем Р, а эл-ы мн-ва V - векторами = a, b,c,…x, y, если 1. (V, ?, +,-)- аддит-я абел-я группа, 2. (?*?)*a=?*(?*?), ??,?ЄP,aЄV. 3. (?+?)*a=?*a+?*a, ??,?ЄP,aЄV. 4. ?*(a+b)=?*a+?*b, ?a,bЄV,??ЄP. 5. 1*a=a, ?a. Например, ариф-е вект-е прост-во n мерных векторов V=Pⁿ, мн-во C- к.ч. есть век-е прост-во над полем R действ-х чисел относ-о опер-й “+” к.ч. и “*” их на дейст-е число. Простейшие св-ва. Пусть V=(V,?,+,-,?_?) - вектор-е прост-во. Р - поле скаляров. ?a,bЄV, ??, ?ЄP. 1. a+b=a => b=0. 2. 0*?=?. 3. ?*?=?. 4. a+b=? => b=(-1)*a=-a. 5. ?*a=?*b ^ ??0 =>a=b. 6. ?*a=? => ?=0 или a=?. 7. ?*a=?*a ^ a?? => ?=?. Пусть V - вект-е прост-во над Р, a₁,a₂,…a_mЄV, с-а вект-в a₁,a₂,…a_m наз-ся лин-о незав-й, если ?₁*a₁+?₂*a₂*…?_m a_m=? возм-но при всех коэф-х = 0. a₁,a₂,…a_m - лин-но завис-ы, если ?₁*a₁+?₂*a₂*…?_m a_m=? возм-но хотя бы при 1 коэф-е ?_i?0. Вект-е прост-во наз-ся конечномерны, если оно породж-ся конечным мн-м вект-в или сущ-ют a₁,a₂,…a_mЄV, что V - лин-я оболочка порожд. этим мн-м V=L(a₁,a₂,…a_m). Базисом (базой) конеч-го век-го прос-ва наз-ся непуст-я конеч-я лин-но незав-я с-а векторов порожда-я это прост-во. ???не доконца.

Вопрос 12.

Линейные преобразования век-х прост-в.

Пусть u и v векторные простр-ва над полем Р. Отобр-е ?: uv наз-ся лин-м отображ-м или гомоморфизмом, если ?а,bЄu,??ЄP: 1. ?(a+b)=?(a)+?(b). 2. ?(?a)=??(a). Если бы лин-е отоб-е u на v было бы биективным, то тогда его наз-и бы изоморфизмом вект-х прост-в. Мн-во всех лин-х отображ-й прост-ва u в v обозн-ся Hom(u,v). Св-ва. 1. Всякий лин-й опер-р ? в прост-ве v оставл-т неподвижный нулевой вектор,т.е.?(?)= ?. 2. ?(-x)=-?(x). 3. Всякий лин-й опре-р ? в прост-ве v переводит ? лин-ю комбин-ю произвольно выбранных вект-в a₁,a₂,…a_m прост-ва V прост-ва в лин-ю комбин-ю образов этих вект-в, причем с теми же самыми коэф-ми, т.е. ?(?₁a₁+?₂a₂+…?_ma_m) = ?₁?(a₁)+?₂(a₂)+…+?_m?(a_m). Док-во. Применим метод мат-й индукции. 1) Проверим справ-ть при m=2. ?(?₁a₁+?₂a₂) = ?(?₁a₁)+?(?₂a₂) = ?₁?(a₁)+?₂(a₂). 2) Предположим справ-ть утвер-я для m-1 вектора, т.е. ?(?₁a₁+?₂a₂+…?_m_-1a_m_-1) = ?₁?(a₁)+?₂(a₂)+…+?_m_-1?(a_m_-1). 3) Док-м справ-ть данного утвер-я для m век-а, т.е. ?(?₁a₁+?₂a₂+…+ ?_m_-1a_m_-1+?_ma_m) = ?[(?₁a₁+?₂a₂+…?_m_-1a_m_-1)+ ?_ma_m] = ?(?₁a₁+?₂a₂+…?_m_-1a_m_-1) + ?(?_ma_m) = ?₁?(a₁)+?₂(a₂)+…+?_m_-1?(a_m_-1)+?_m?(a_m). 4. Совокупность L всех образов ?(a) вектора а вектор-го простр-ва v, получ-е при данном преоб-ии ?, есть некоторое подпростр-во вект-го простр-ва v.

Пусть ? некоторая лин-я опре-я прос-ва v_n. Выберем в прос-ве v_n некот-й базис e₁,e₂,…e_n. Тогда опре-р ? переводит век-ы базиса в векторы ?(e₁),?(e₂),…?(e_n). Каждый из этих век-в ! образом выраж-ся через век-ры базиса: ?(e₁) = ?₁₁*e₁+?₂₁*e₂+…+?_n₁*e_n, ?(e₂) = ?₁₂*e₁+?₂₂*e₂+…+?_n₂*e_n,… ?(e_n) = ?₁_n*e₁+?₂_n*e₂+…+?_nn*e_n. Матрица A_?= k-й столбец которой явл-ся коорд-ми

столбца век-ра ?(e_k) относительно базиса e₁,e₂,…e_n, наз-ся матрицей лин-го опрер-ра ? в базисе e₁,e₂,…e_n. Т.о. при фиксир-м базисе e₁,e₂,…e_n, каждому лин-у опрер-у ? прост-ва v_n соответ-т вполне опред-я матрица n-го порядка. И наоборот, каждая матрица n-го пор-ка явл-ся матрицей некот-го вполне опред-го лин-го опре-ра ? прост-ва v_n в базисе e₁,e₂,…e_n.

Совокупность ?(v_n) образов всех век-в прост-ва v_n при действии оператора ? наз-ся областью значений опер-ра ?. Размерность области значений ?(v_n) наз-ся рангом лин-го опер-а ?. Ядром линей-го опер-а ? прост-а V_n наз-ся совокупность всех век-в прост-ва V_n отображ-ся операторов ? в нулевой вектор ?. Ker ?= {aЄV_n|?(a)=?}. Размерность ядра Ker ? опер-ра ? прост-ва V_n наз-ся дефектом этого опер-ра. Сумма ранга и дефекта лин-го опер-а ? прост-ва V_n = размерности этого прост-ва. Если век-р b ?0 переводится оператором ? в пропорц-й самому себе,т.е. ?(b) = ?₀b, где ?₀ - действ-е число, то b наз-ся собст-м вектором опер-а ?, а ?₀собственным знач-м этого опер-ра. Причем гов-т, что собст-й век-р b относ-я к собств-у знач-ю ?₀. Нулевой век-р не считается собственным для опер-ра . Матрица А-?Е, где Е един-я матрица n пор-ка наз-ся харак-й матрицей матрицы А (по главной диагонали от Эл-в «-«?). Многочлен n степени |А-?Е| наз-ся харак-м мног-м матрицы А, а его корни, которые могут быть как компл-е так и действ-е, наз-ся характер-ми корнями этой матрмцы. ?₀ЄR был собств-м значением лин-го опер-а ? ?₀ было характ-м корнем опер-ра ?. Лин-е преоб-е наз-ся невыроженным, если определитель матрицы А?0. Рассм-м преоб-е x₁=y₁,…x_n=y_n (I). Это преоб-е наз-ся тождеств-м. Оно ведет себя точно также как число 1 при арифм-м умнож-и,т.е. (?S) S*I=I*S=S. Т.е. преоб-е I это нейтр-й эл-т относ-о умнож-я преоб-я. Обратным преоб-м преобразованию S наз-ся преоб-е S^-1 такое, что S*S^-1=S^-1*S=I. Подпрост-во L явл-ся инвариантным относ-о преоб-я ? пространства V_n, если образ ? век-ра из снова есть вектор L.

Вопрос 13.

Определители.

Опред-м (детерминантом) n-го порядка составл-м из n²чисел матрицы А наз-ся алгеб-я сумма всевозм-х членов, каждый из которых представл-т собой произвед-е n эл-в, каждый из которых взят по 1 из каждой строки и столбца, взятый со знаком (-1)^t , где t число инверсий перестановки вторых индексов, при усл-и, что первые индексы расположены в натуральном порядке. ?=?(-1)^ta₁_?a₂_?…a_n?, ?,?,…? n! перестан-к 1,2,…n. Правило Саррюса.

Св-ва опред-й. 1. Равноправность сторк и столбцов (транспонирование). 2. Опред-ль n-го порядка, у которого 2 строки (2 столбца) одинаковы =0. 3. Если все Эл-ты какого-либо столбца (строки) опред-ля n порядка * на одно и то же число m, то и значение опред-я *m. 4. Если все Эл-ты какого-либо столбца (строки) опред-я n-го пор-ка облад-т общим множителем, то его можно вынести за знак опред-ля. 5. Опред-ль n-го пор-ка, у которого Эл-ты 2-х строк (столбцов) соответ-о пропорциональны ,=0. 6. Если все Эл-ты k строки (столбца) опред-я n-го пор-ка явл-ся суммой 2-х слагаемых, то такой опред-ль = сумме 2-х опред-й n-го пор-ка. В одном из них k-я строка (столбец) состоит из первых слаг-х, а в другом - из вторых слаг-х, все остальные строки (столбцы) те же, что и в данном опред-е. 7. Если в опред-е какая-либо строка есть линейная комбинация других строк, то такой опред-ль =0. 8. Если к Эл-м какой-либо строки (столбца) опред-я n-го пор-ка прибавить соответ-ие Эл-ты другой строки (столбца) умноженные на одно и то же число, то значение опред-я не изменится. 9. Если поменять местами 2 строки (столбца) в опред-е n-го пор-ка, то опред-ль сменит свой знак на противоположный, а его абсол-я величина не изменится. Минором М_ij Эл-та a_ij опред-я n-го пор-ка наз-ся опрде-ль n-1 порядка, который получается из опред-я вычеркиванием i строки и j столбца. Алгебаическим дополнением A_ij Эл-та a_ij наз-ся произ-е (-1)ⁱ⁺^j*M_ij.

Теорема. Какую бы строку (столбец) опред-я n пор-ка мы не взяли, значение опред-я = сумме произв=й Эл=в этой строки (столбца) на их же алгеб-е дополнения. ?=a_i₁A_i₁+ a_i₂A_i₂+…a_inA_in (i=1,2,…n)(1). ?= a₁_jA₁_j+a₂_jA₂_j+…a_njA_nj (2).Док-во. В силу справ-ти строк и столбцов ограничимся выводом разлож-я по строкам (1). 1) мы знаем, a_ijA_ij есть также член опред-я, причем в опред-ль входит с тем же знаком, что и в это произв-е. Т.о. ? слагаемое (1) состоит из членов опред-я. 2) Никакие 2 слагаемых в (1) не содержат общих членов (всего ? слаг-й содержит (n-1)! членов). Действительно, пусть a_ikA_ik и a_ilA_il из (1) содержат общий член, тогда в него будут входить мн-ли a_ik ,a_il, чего не может быть, т.к. из i строки взяты 2 эл-та. Итак (1) состоит из всех различных членов опред-я. 3) a_i₁A_i₁+a_i₂A_i₂+…a_inA_in (3). Док-м, что (3) исчерпывает все члены опред-я, т.е. ? член опред-я обязательно входит в (3). Рассм-м произв-е членов опред-я: (4) a₁_?a₂_?…a_i_-1_?a_ija_i₊₁_?…a_n?, ?,?,…? пробегают n! перестан-к чисел 1,2,…n. a_ija₁_?a₂_?…a_i_-1_?a_i₊₁_?…a_n?, ?,?,…? пробегают n! перестан-к чисел 1,2,…n. Но произведение a₁_?a₂_?…a_i_-1_?a_i₊₁_?…a_n?член минора М_ij => входит в алгеб-е доп-е A_ij => член (4) входит в произвеление a_ijA_ij.? 1) Если в опред-е пор-ка все эл-ы I строки, кроме эл-а a_ij , =0, то такой опред-ль = произв-ю его эл-та на его алгеб-е допол-е. 2) Если в опред-е n пор-ка все эл-ты лежащие ниже главной диагонали =0, то опрд-ль = произв-ю диагональных эл-в. 3) Сумма произведений эл-в какой-либо строки на алгеб-е дополнения соответствующих эл-в другой строки = 0.

Формулы Крамера. Если ??0, то опред-ль имеет ! решение х_n=?_n/?.

Вопрос 14

Основ-ы св-ва срав-й. Приложение теории срав-й к выводу признаков делимости.

Отнош-е сравним-ти в кольце цел-х чисел: 1 опр. a?b(mod m) m|(a-b). 2 опр. a?b(mod m) a=b+m*t, tЄZ. 3 опр. a?b(mod m)a=m*q₁+z ^ b=m*q₂+r. Из опр. 3 =>что сравнимые по (mod m) числа явл-ся равноостаточными при делении на m. Док-во: 1) опр. 12. Пусть a?b (mod m) в смысле опр.1, т.е. m|(a-b) => сущ-т tЄZ, a=b+m*t, т.е. a?b(mod m) в смысле опр.2. Пусть a?b(mod m) в смысле опр.2, т.е. a=b+m*t => a-b=m*t => m|(a-b), т.е. a?b(mod m) в смысле опр.1. 2)Док-м, что опр.1опр.2. Пусть a?b(mod m) в смысле опр.3, т.е. a=m*q₁+r ^ b=m*q₂+r => a-b=m*(q₁-q₂), где q₁-q₂ЄZ => m|(a-b) => a?b(mod m) в смысле опр.1. Пусть a?b(mod m) в смысле опр.1, т.е. m|(a-b). Пусть a=m*q₁+r₁, b=m*q₂, 0?r₁21-q₂)+(r₁-r₂). Пусть r₁>r₂. m|(a-b) по усл. и m|m*(q₁-q₂) => m|(r₁-r₂). m|(r₁-r₂) и 0?r₁-r₂ r₁-r₂=0 => r₁=r₂, т.е. a?b(mod m) в смысле опр.3. т.к. отеош-е равнос. явл-ся эквивал-ти, т.е. оно симмет-о, тран-о, рефл-о, то опр.1опр.2 опр.3. Сл-е 1. Если a=m*q+r, 0?r a?r(mod m). Сл-е 2. Если m|a => a=0(mod m). Сл-е 3. ?tЄZ, m*t?0(mod m). Св-ва срав-й: 1)Отнош-е сравнимости в Z явл-ся отнош-м эквив-ти. 2)Сравнимые числа по mod m можно почленно складывать, вычитать. Док-во: a₁?b₁(mod m) => a₁=b₁+m*t₁, t₁ЄZ. a₂?b₂(mod m) => a₂=b₂+m*t₂, t₂ЄZ. a₁±a₂=(b₁±b₂)+m*(t₁±t₂) => ( по опр.2) (a₁+a₂)?(b₁±b₂)(mod m). Сл-е 1.Слаг-е можно из одной части сравн-я переносить в др-ю, изменив знак на против-й. 2. К ? части сравн-я можно прибавить число кратное модулю. 3)Сравн-е числа по mod m можно почл-о перем-ть. a₁?b₁(mod m) и a₂?b₂(mod m) => a₁*a₂?b₁*b₂ (mod m). Док-во: a₁?b₁(mod m) =>(по опр.2) a₁=b₁+m*t₁, t₁ЄZ. a₂?b₂(mod m) =>(по опр.2) a₂=b₂+m*t₂, t₂ЄZ. a₁*a₂=b₁*b₂+m*(t₁*b₂+t₂*b₁+m*t₁*t₂) => a₁*a₂?b₁*b₂(mod m) tЄZ. Сл-е 1. a₁?b₁(mod m) и a₂?b₂(mod m) и … a_n?b_n(mod m) => a₁*a₂*…a_n=b₁*b₂*…b_n(mod m). 2. a?b(mod m) => aⁿ?bⁿ(mod m). ?nЄN. 3. a?b(mod m) => k*a?k*b(mod m), ?kЄZ. 4. Выраж-я сост-е путем умнож-я, выч-я, слож-я срав-х чисел, срав-ы между собой по тому же модулю. 5. f(x)=a₀*xⁿ+ a₁*xⁿ^-1+…+ a_n_-1*x+a_n, мн-н с цкл-ми коэф-ми ?х₁,х₁,...ЄZ, тогда x₁?x₂(mod m) => f(x₁)?f(x₂)(mod m). 6. В сравн-х по mod m числах можно замен-ть слаг-е и множ-ли с сран-ми с ними числами. 4)На общий делитель взаим-о простой с mod m можно разд-ть обе части сравнения, оставив mod без измен-я. a*d=b*d(mod m) и НОД(d,m)=1 => a?b(mod m). Док-во. a*d=b*d(mod m)=> m|(a*d-b*d) => m|d*(a-b). т.к. НОД(d,m)=1, то m|(a-b) => a?b(mod m). Замтим, что если усл-е взаим-ной простоты не выпол-ся, то сокр-е обеих частей на одно и то же число можно привести к нарушению срав-ти. 5)a*d?b*d(mod m*d) => a?b(mod m), dЄN. Док-во. a*d?b*d(mod m*d) => m*d|(a*d-b*d) => m*d|d*(a-b) => m|(a-b) => a?b(mod m). 6) a?b(mod m₁) и a?b(mod m₂) => a?b(mod[m₁,m₂]), [m₁,m₂]=НОК(m₁,m₂). Признак дел-ть на 3. m=3. a=a_n10ⁿ+ a_n-110^n-1+… a₁10+a₀. 10?1(mod 3), 10²?1(mod 3), 10³?1(mod 3),… 10ⁿ?1(mod 3). R₃=a₀r₀+ a₁r₁+…+ a_nr_n= a₀*1+ a₁*1+ …+a_n1= a₀+ a₁+…+a_n. 3|a 3|R₃. Признак дел-ти на 11: a=a_n10ⁿ+ a_n-110^n-1+… a₁10+a₀. r₀=1. 10?-1(mod 11), 10²?1(mod 11), 10³?-1(mod 11),… 10ⁿ?(-1)ⁿ(mod 11). a?R₁₁(mod 11). R₁₁=a₀r₀+ a₁r₁+…+ a_nr_n= a₀-a₁+ …+(-1)ⁿ a_n= (a₀+ a₂+…)-(a₁+a₃+…). 11|a 11|R₁₁, т.е. число дел-ся на 11 на 11 дел-ся раз-ть суммы цифр числа стоящих на неч-й и чет-х местах.

Вопрос 15

Полная и приведенная с-а вычетов. Теор-а Эйлера и Ферма.

Все числа сравнимые с a по mod m объединим в одно мн-во, кот-е наз-м классом-вычитов по mod m. Обозн-м ?={xЄ|x?a(mod m)}. ? предст-ль мн-ва ? наз-м вычитом. Рассм-м класс вычитов по mod m: ?={xЄ|x?a(mod m)}. Т.к. сравн-е числа,т.е. все числа Є-щие одному и тому же классу вычитов по mod m имеют одинак-е ост-ки при делении на m, то и все различ-е классы вычитов можно обоз-ть с пом-ю этих ост-в,т.к. при делении Z на m получ-ся m ост-в 0,1,…, m-1, то и мн-во Z распад-ся на m классов 0,1,...m-1 (с черт-ми). Обоз-м мн-во всех классов-вычитов по mod m через Z_m. Св-ва классов-вычитов: 1. ?={a+m*t|?tЄZ}. 2. xЄ? ^ xЄ? => ?=?. 3. ??Є? => ?(с чер-й)=?. 4. a?d(mod m) => ???. 5. a?0(mod m) => aЄ0(чер-й). 6. a=m*q+r, 0?rm комут-ы, ассоц-ы и связ-ы дист-м законом. Это => из того, что соотв-е опре-и на этом мн-ве ком-ы, ассоц-ы и св-я дист-м законом. Нетру-о пров-ть, что класс 0(с чер-й) нейтр-й Эл-т относ-о «+», 1(с чер-й) нейтр-й эл-т относ-о «*». Т.о. мн-во Z_m явл-ся кольцом относ-о «+», «*» классов-вычитов по mod m и кольцо Z_m=(Z_m,0(с чер-й), 1(с чер-й), +,-,*) наз-ся кольцом классов-вычитов по mod m. Т.к. число классов-вычитов всегда конечно и =m,то все кольца конечны.

Если из ? класса-вычитов по mod m взять по одному представ-ю, то получ-я с-а вычетов наз-я полной с-й вычитов по mod m. Н-р:1. полная с-а наим-х неот-х вычитов по mod m R_m={0,1,2,..m-1}, пол-я с-а наим-х полож-х вычитов по mod m R_m⁺={1,2,…m}, пол-я с-а абсолютно наим-х вычитов по mod m.

? совокуп-ть m целых чисел х₁, х₂, …х_m попарно не сравн-х между собой по mod образ-т полную с-у вычитов по mod m.

(1-я теор-а). Если в лин-й форме а*х+b, где а и mзам-но просты, переем-я х пробег-т все знач-я из полной с-ы вычитов по mod m, то и лин-я форма пробегает все знач-я некот-й полной с-ы вычитов по mod m. Док-во. Пусть х={ х₁, х₂, …х_m} произ-я полная с-а вычетов по mod m. Док-м, что с-а x'={aх₁+b₁, aх₂+b₂, …aх_m+b_m} также полная с-а вычитов. С-а х' содержит m чисел(вычитов) и все эти вычеты попарно не сравнимы между собой. Допустим противное: пусть ax_i+b?ax_j+b(mod m), 1?i, j?m, i?j. Тогда по св-ву срав-й ax_i?ax_j(mod m). А т.к. НОД(a,m)=1 (по усл-ю), то x_i?x_j(mod m). Это привит к тому, что x_i,x_j входят в полную с-у вычитов по mod m, т.е. в Х. Итак, с-а х' состоит из m чисел и все они попарно не срав-ы между собой => х' явл-ся полной с=й вычитов по mod m.?

Если из ? класса взаимно простых с mod m взять по 1 предст-ю, то получ-ая с-а чисел наз-ся привед-й с-й вычитов по mod m. Функцией Эйлера ?(m) наз-ся число по mod m взамно простых с m или число нат-х чисел ?(p)=p-1. 2) m=p^? => ?(m)=m(1-1/p). 3) m=p₁^?¹* p₂^?² *…p_k^?^k => ?(m)=m(1-1/p₁) (1-1/p₂) …(1-1/p_k).

Признак прив-й с-ы. С-а чисел a₁ ,a₂…a_s(1) образует привед-ю с-у вычитов по mod m, если: 1) s= ?(m); 2) числа из (1) попарно не сравнимые по mod m,т.е a_i не срав-ы с a_j(mod m), i?j, i,j=1,2,..s; 3) НОД(a_i,m)=1, i=1,2,…s. (Док-во. В силу усл-я 3) числа с-ы (1) нах-ся в классах взаимно простых с mod m, причем в силу усл-я 2) они лежат в разных классах. Т.к. число чисел в с-е (1)= ?(m) и число классов взаимно простых с mod m=?(m), то всякое число из (1) попадает в ! класс взаимно простых по mod m=> с-а (1) явл-ся привед-й с-й вычитов.)

(2-я теорема) Если в лин-й форме ax, a и m взаимно просты, переменная х пробегает все значения из приведенной с-ы вычитов по mod m, то и лин-я форма ax пробегает все знач-я из некот-й привед-й с-ы вычитов. Док-во. Пусть Х={x₁,x₂,..x_?₍_m₎} привед-я с-а вычитов по mod m. Тогад х'={ax₁, ax₂,..ax_?₍_m₎} привед-я с-а вычитов по mod m. Проверим 3-е усл-е признака привед-й с-ы: 1) в с-е х' ?(m) чисел, т.к. вместо х мы можем подст-ть ?(m) чисел; 2) Эти числа Є по mod m разным классам,т.к. вместо х берутся числа из разных классов. В этом случае числа ax (даже ax+b) попарно не сравнимы между собой по mod m.3) ax взаимно просты с mod m. НОД(a,m)=1 по усл-ю. НОД(x_i, m)=1, i=1,2… ?(m), т.к. x_i взяты из привед-й с-ы вычитов. НОД(ax_i,m)=1. i=1,2,… ?(m) => с-а х' обр-т привед-ю с-у вычитов по mod m.

Теорема Эйлера. Если а и m взаимно просты, т.е. НОД(а,m)=1, то а^?⁽^m⁾ ?1(mod m). Док-во. Восп-ся теоремой: если в лин-ю форму ах вместо х будем подст-ть вычиты из некот-й привед-й с-ы вычитов по mod m, то и лин-я форма пробегает также все знач-я привед-й с-ы вычитов по mod m. Рассм-м привед-ю с-у наим-х полож-х вычитов по mod m: r₁,r₂,…r_k, k=?(m), тогда ar₁,ar₂,…ar_k - также привед-я с-а вычитов. ? вычит последней с-ы заменим наим-м положит-м вычитом. ar₁?r₁'(mod m), ar₂?r₂'(mod m)… ar_k?r_k'(mod m). Перемножим: a^k(r₁r₂…r_k)?r₁'r₂'…r_k'(mod m) (1). Но r₁r₂…r_k=r₁'r₂'…r_k'. В левой и правой частях стоит произв-е всех вычитов из привед-й с-ы наим-х полож-х вычитов. Эти произв-я взаимно просты с mod m, т.к. ? множ-ль с mod m взаимно прост. => a^k?1(mod m), т.к. k= ?(m) => а^?(^m⁾ ?1(mod m)?

Теорема Ферма. Если m=p простое число и НОД(а,р)=1, то а^р-1?1(mod m). Док-во. Если m=p,то ?(p)=p-1, тогда по теор-е Эйлера а^р-1?1(mod m).? След-е. Для ?аЄZ, ?p -простое число, a^p?a(mod m).

Вопрос 16.

Бинарные отнош-я. Отнош-я экв-ти и разбиение на классы. Фактор мн-ва.

Прямое произведение 2-х мн-в: A*B={(a,b)|aЄA,bЄB}. Декартов квадрат A*A={(a,b)|a,bЄA}=A². Бинарное отнош-е, зад-е на паре мн-в A и B: ?<
A*B. Бинарное отнош-е, зад-е на мн-е A: ?
A².>

Св-ва бин-х отнош-й: Пусть ? бин-я отнош-е опред-е на А, т.е. ?<
А². 1. ? рефлек-о: (??ЄА) (а?а). 2. ? симмет-о: (?a,bЄA) (a?b => b?a). 3. транз-ть: (?а,b,cЄA) (a?b ^ b?c => a?c). Бинарное отнош-е ? опред-е на мн-ве А наз-ся отнош-м эквивал-ти, если оно реф-но, симмет-но и тран-но. Н-р: 1. А-мн-во прямых на плос-ти, ? -отнош-е параллел-ти. 2. Отнош-е подбие фигур на А точек пл-ти.>

С-а S={A₁,A₂,…A_n} непустых подмн-в мн-ва А наз-ся разбиением мн-ва А на классы, если ?аЄА попад-т в ! подмн-во из системы S.Тогда -разбиение А на классы, если вып-ся 1)A_i??, i=1,2,…n 2) A₁_< A₂… A_n=A 3)A_iA_j=?, i?j.>

Теорема. ? разбиению мн-ва А на классы соответствует отношение эквивал-ти. Док-во. Пусть S={A₁,A₂,…A_n} разбиение мн-ва А. Определим на А бинар-е отнош-е ? т.о.: а?b a,bЄA_i (*). A_iЄS. Покажем, что так опред-е отнош-е ? явл-ся отнош-м экв-ти, т.е. оно рефл-о, сим-о, тран-о. 1)Из (*) => а?а, т.к. ? эл-т нах-ся в 1 подмн-ве с самим собой. 2) Из (*) => b,aЄA_i b?a. a?b => b?a.3)Пусть а?b ^ b?c => a,bЄA_i^ b,cЄA_j??, что противоречит требованию 3)разбиения => A_i=A_j. A,bЄA_i ^ b,cЄA_i => a,cЄA_i. а?b ^ b?c => a?c.? Пусть ? отношение эквив-ти опред-е на мн-ве А. Выберем в А все элы, нах-ся в отнош-и ? с эл-ми а, образ-е из них мн-во обозн-м [a]. [a]={x|xЄA,x?a}. Мн-во [a] наз-ся смежным классом мн-ва А по отнош-ю эквив-ти ?.

Теорема. Если ? отнош-е эквив-ти на мн-ве А, то с-а всех смежных классов мн-ва А явл-ся разбиением мн-ва А.Док-во.Пусть ? отнош-е эквив-ти на А. Рассм-м смежный класс ?аЄА, [a]={x|xЄA,x?a}. Покажем, что с-а разлож-я смежных классов обр-т разбиение мн-ва А. Т.к. ? рефлек-о, т.е. а?а => [a]? ?. Возьмем произв-й aЄA, aЄ[a] => aЄ[a]_<[b][c]…т.е. А
[a][b][c]…Т.к. [a]
A, [b]
A, [c]
A…=>[a][b][c]…
A. Из этих 2-х включений => [a][b][c]…=A. Покажем, что ?a,bЄA, a?b(с чертой) => [a]
[b]=?. Предположим: пусть [a]
[b]?? => сущ-т сЄ[a] ^ cЄ[b] => a?c ^ c?b => но это противоречит усл-ю a?b(с чертой) => ?a,bЄA, a?b(с чертой) => [a]
[b]=?.? Мн-во всех смежных классов мн-ва А по отнош-ю эквивал-ти наз-ся фактор-мн-во А по отнош-ю ?. Обозн. А|?.>

Вопрос 17.

Группа. Прост-е св-ва групп. Подгруппы. Изоморфизмы гомомор-ы групп.

Если А??, то n-мерной алгеб-й опре-й наз-ся «отношение Аⁿ А, т.е. (?₁,?₂,…?_n)( ?₁,?₂,…?_n)ЄAⁿ. Алгеб-й с-й наз-ся не пустое мн-во А, на котором опред-а совокуп-ть алгеб-х опер-й и отнош-й (А,<
_f,
_p), где А основное мн-во,
_f совокуп-ть алг-х опер-й,
_p совокуп-ть отнош-й. Бинар-я опер-я (*) на мн-ве А наз-ся ассоц-й, если (?a,b,cЄA) (a*b)*c=a*(b*c). Бин-я опер-я (*) опред-я на А наз-ся комут-й, если (?a,bЄA) a*b=b*а. Полугруппой наз-ся с-а (А,*), сост-я из А?? и бин-й опер-и (*) опре-й на А, кот-я ассоц-а. Если (*) доп-о комут-а, то полугр-а наз-ся комут-й или абелевой. Моноидом наз-ся с-а (А,е,*), сост-я из А??, выд-го эл-та е и бин-й опер-и (*) опре-й на А, если выпол-ся 1) * - ассоц-а, 2) е - нейт-й Эл-т относ-о *. Группой наз-ся с-а G=(G,e,*,'), где G??, e - выд-й эл-т, *- бинар-я опер-я, ' - унар-я опер-я, причем: 1)* ассоц-а, 2)e- нейт-й эл-т относ-о *,т.е. (?aЄA) a*e=e*a=a, 3) (?aЄA) (сущ-т a'ЄG) a*a'=a'*a=e. Если * ком-а, то группа абелева. Если * в группе обозн-ть «+», то имеем аддит-ю группу, нейт-й Эл-т - «0», симмет-й для а: (-а)- против-й. Если * обоз-м *(точка), то имеем мультип-ю группу. Св-ва групп. 1) Всякая группа имеет ! нейтр-й эл-т. Док-во. Всякая группа явл-ся моноидом, а в моноиде нейт-й эл-т !. 2) ?эл-та аЄG сущ-т ! симмет-й Эл-т. 3) (?a,bЄG) a*x=b (1) и x*a=b (2) одноз-но раз-ы. Док-во. 1. Рассм-м (1). x₀ - реш-е (1),т.е. a*x₀=b. x₀=е*x₀=(a'*a)*x₀=a'*(a*x₀)=a'*b. x₀=a'*b. Этот Эл-т опре-й одно-о, т.к. ?a одноз-о опред-н a' и * есть отоб-е. *:A²А, т.е. (a',b)ЄA². Одно-м соотв-т Эл-т из мн-ва А. В данном случае x₀. (a',b)x₀. Ур-е a*x=b имеет ! реш-е x₀=a'*b. 2.Рассм-м (2). (x*a)*a'=b*a'. x*(a*a')=b*a'. x*e=b*a'. 4) В группе имеет место правило сокр-я a*c=b*c => a=b. c*a=c*b =>a=b 5) (a*b)'=b'*a'. 6) (а')'=a.>

Подмн-во А группы G наз-ся подгруппой этой группы, если оно само явл-ся группой относ-но установ-й на G опер-и. Чтобы установить явл-ся ли подмн-во А группы G группой нужно проверить 2 усл-я: для мульт-й группы: 1. ?a,bЄA => abЄA 2. ?aЄA => a^-1ЄA.; для аддит-й группы: 1. ?a,bЄA => a+bЄA 2. ?aЄA => -aЄA. Группа G и G' наз-ся изоморфными, если можно установить взаимно одноз-е отобр-е ?: G G', G=(G,e,*,'), G'=(G',e',*,'), при котором ?(a*b)=?(a)*?(b). Группа G наз-ся циклич-й, если все ее Эл-ы могут быть предст-ы в виде целых степеней некоторого ее Эл-та а. Этот Эл-т наз-ся образующим Эл-м.

Произ-е хА, ?хЄG, A

Теорема Лагранжа. Во всякой конечной группе порядок любой подгруппы явл-ся делителем порядка самой группы.

Док-во. Пусть А - подгруппа группы G. |G|=n, |A|=k, Док-м, что n|k. Рассм-м левостороннее разложение группы G по подгруппе А. Пусть оно состоит из j классов. Число j наз-ся индексом группы А в группе G. Всякий левый смежный класс хА состоит из k различных Эл-в. Итак, группа G разлаг-ся на j классов, в каждом из которых по k Эл-та => n=kj => n|k.?

Вопрос 18.

Кольца и поля.

Кольцом наз-ся с-а А=(А,0,1,+,-,*), А??, 0,1 -выд-е Эл-ты, +,* бинар-е опре-и, - унар-я опер-я, если 1) (А,0,+,-) аддит-я абел-я группа, 2) (А,1,*) мульт-й моноид, 3) a(b+c)=ab+ac, (b+c)a=ba+ca, ?a,b,cЄA. Кольцом наз-ся числ. множ., на котором выполняются три опер-и: слож-е, умнож-е, вычит-е. Св-ва колец. 1). A+b=a => b=0. 2) a+b=0 => b=-a. 3) a*0=0*a=0. Док-во. a*0+ab=a(0+b)=ab. a0+ab = ab => a0 = 0. 0a+ba = a(0+b) = ba. 0a+ba = ba => 0a = 0. 4) a(-b) = (-a)b = -ab. Док-во. a(-b)+ab = a(-b+b) = a0=0. a(-b)+ab = 0 => a(-b) = -ab. 5) (-a)(-b) = ab. Док-во. (-a)(-b) = (-a)(-b)+0 = (-a)(-b)+a(-b)+ab = ((-a)(-b)+a(-b))+ab = (-a+a)(-b)+ab = 0(-b)+ab = 0+ab = a(-b)+ab = 0 => a(-b) = -ab. 6) a(b-c) = ab-ac. Док-во. a(b-c) = a(b+(-c)) = ab+a(-c) = ab-ac. Полем наз-ся коммут-е кольцо, в котором 0?1 для ? Эл-та а?0 сущ-т обратный Эл-т. Р(Р,0,1,+,-,*) - поле, если 1) (Р,0,1,+,-,*) комут-е кольцо 0?1. 2) ?аЄЗ, а?0 сущ-т а^-1ЄР. Если Р - числовое мн-во, то для поля можно дать опред-е. Эл-ты a,bЄA, где А кольцо, наз-ся делителями нуля в кольце, если a?0, b?0, но ab=0.

Полем наз. числ множ. на котором выполняются 4 операции: слож, умнож, вычит, деление (кроме деления на 0). Св-ва полей. 1. ab = 1 => a?0,b = a^-1. 2. ac = bc ^ c?0 => a = b. 3. ab = 0 => a = 0 или b = 0. 4. a?0 ^ b?0 => ab?0 , a/b = ab^-1. 5. a/b = c/d ad = bc. 6. a/b±c/d = (ad±bc)/bd. 7. (a/b)*(c/d) = (ac)/(bd). 8. a/b = (ac)/(bc), c?0. 9. a/b+(-a/b) = 0. 10. (a/b)*(b/a) = 1.

Внимание! Представленная Работа находится в открытом доступе в сети Интернет, и уже неоднократно сдавалась, возможно, даже в твоем учебном заведении.
Советуем не рисковать. Узнай, сколько стоит абсолютно уникальная Работа по твоей теме:

Новости образования и науки

14:21 05 Июля 2016
Российско-китайский медуниверситет откроет магистерскую программу по TCM
01:21 05 Июля 2016
На форуме МГУ Россия и Китай обсудят научно-образовательное сотрудничество
11:00 04 Июля 2016
Реморенко: "ЕГЭ-туризм" в России сходит на нет
10:52 04 Июля 2016
Летняя российско-австрийская школа откроется в Москве
15:31 01 Июля 2016
В СПбГУ могут воссоздать географический факультет

База знаний студента. Реферат, курсовая, контрольная, диплом на заказ

Шпаргалки по геометрии, алгебре, педагогике, методике математики (ИГПИ) — Математика

Новости образования и науки

Заказать уникальную работу

Похожие работы: